LEDNINGAR TILL PROBLEM I KAPITEL 10. från jorden. Enligt Newtons v 2 e r. där M och m är jordens respektive F. F = mgr 2

Relevanta dokument
Gravitation och planetrörelse: Keplers 3 lagar

LEDNINGAR TILL PROBLEM I KAPITEL 8. Vi antar först att den givna bromsande kraften F = kx är den enda kraft som påverkar rörelsen och därmed också O

LÖSNINGAR TILL PROBLEM I KAPITEL 7

LÖSNINGAR TILL PROBLEM I KAPITEL 8

Lösningar till övningsuppgifter. Impuls och rörelsemängd

Den geocentriska världsbilden

UPPGIFT 1. F E. v =100m/s F B. v =100m/s B = 0,10 mt d = 0,10 m. F B = q. v. B F E = q. E

Lösningar och svar till uppgifter för Fysik 1-15 hösten -09

TFYA16/TEN2. Tentamen Mekanik. 29 mars :00 19:00. Tentamen består av 6 uppgifter som vardera kan ge upp till 4 poäng.

REDOVISNINGSUPPGIFT I MEKANIK

Föreläsning 1. Elektrisk laddning. Coulombs lag. Motsvarar avsnitten i Griths.

Upp gifter. c. Finns det fler faktorer som gör att saker inte faller på samma sätt i Nairobi som i Sverige.

Matlab: Inlämningsuppgift 2

7 Elektricitet. Laddning

Magnetiskt fält kring strömförande ledare Kraften på en av de två ledarna ges av

Tentamen i El- och vågrörelselära,

1 Två stationära lösningar i cylindergeometri

Mekanik för I, SG1109, Lösningar till problemtentamen,

Tentamen 1 i Matematik 1, HF1903, 22 september 2011, kl

Kontrollskrivning Mekanik

14. Potentialer och fält

TFYA16/TEN2. Tentamen Mekanik. 11 januari :00 13:00 TER1. Tentamen består av 6 uppgifter som vardera kan ge upp till 4 poäng.

Tentamen i Mekanik I del 1 Statik och partikeldynamik

ω = θ rörelse i två dimensioner (repetition) y r dt radianer/tidsenhet kaströrelse: a x = 0 a y = -g oberoende rörelse i x- respektive y-led

Uppgift 4. (1p) Beräkna volymen av den parallellepiped som spänns upp av vektorerna. ) vara två krafter som har samma startpunkt

Lösningsförslag nexus B Mekanik

Upp gifter. 3,90 10 W och avståndet till jorden är 1, m. våglängd (nm)

I ett område utan elektriska laddningar satisfierar potentialen Laplace ekvation. 2 V(r) = 0

Lösningar till problemtentamen

Lösningar till Problemtentamen

TENTAMEN. Datum: 5 juni 2019 Skrivtid 14:00-18:00. Examinator: Armin Halilovic, tel

Ideal vätska: inkompressibel, ingen viskositet (dvs ingen friktion) (skalär, verkar i alla riktningar) kraften längs ytans normal

0 x 1, 0 y 2, 0 z 4. GAUSS DIVERGENSSATS. r r r r. r r k ut ur kroppen

Elektriska Drivsystems Mekanik (Kap 6)

Sammanfattning av STATIK

För att bestämma virialkoefficienterna måste man först beräkna gasens partitionsfunktion då. ɛ k : gasens energitillstånd.

Lösningar till övningsuppgifter centralrörelse och Magnetism

1. Kraftekvationens projektion i plattans normalriktning ger att

SG1140, Mekanik del II, för P2 och CL3MAFY. Omtentamen

FYSIKTÄVLINGEN SVENSKA FYSIKERSAMFUNDET. KVALIFICERINGS- OCH LAGTÄVLING 31 januari Lösning: Avstånd till bilden: 1,5 2,0 m = 3,0 m

===================================================

Tentamen Mekanik F del 2 (FFM520)

Temperaturmätning med resistansgivare

Fö. 3: Ytspänning och Vätning. Kap. 2. Gränsytor mellan: vätska gas fast fas vätska fast fas gas (mer i Fö7) fast fas fast fas (vätska vätska)

2012 Tid: läsningar. Uppgift. 1. (3p) (1p) 2. (3p) B = och. då A. Uppgift. 3. (3p) Beräkna a) dx. (1p) x 6x + 8. b) x c) ln. (1p) (1p)

Vi börjar med att dela upp konen i ett antal skivor enligt figuren. Tvärsnittsareorna är då cirklar.

Fördjupningsrapport om simuleringar av bombkurvan med Bolins och Eriksson matematisk modell

Skineffekten. (strömförträngning) i! Skineffekten. Skineffekten. Skineffekten. Skineffekten!

Vågräta och lodräta cirkelbanor

Tentamen i EJ1200 Eleffektsystem, 6 hp

FYSIKTÄVLINGEN KVALIFICERINGS- OCH LAGTÄVLING LÖSNINGSFÖRSLAG. = fn s = fmgs 2. mv 2. s = v 2. π d är kilogrammets.

1 Rörelse och krafter

Föreläsning 7 Molekyler

Harmonisk oscillator Ulf Torkelsson

Övning 3 Fotometri. En källa som sprider ljus diffust kallas Lambertstrålare. Ex. bioduk, snö, papper.

Kurs: HF1903 Matematik 1, Moment TEN1 (Linjär Algebra) Datum: 28 augusti 2015 Skrivtid 8:15 12:15

6 KVANTSTATISTIK FÖR IDEALA GASER

TFYA16/TEN2. Tentamen Mekanik. 18 augusti :00 19:00. Tentamen består av 6 uppgifter som vardera kan ge upp till 4 poäng.

Ylioppilastutkintolautakunta S t u d e n t e x a m e n s n ä m n d e n

V.g. vänd! Tentamen i SG1140 Mekanik II, OBS! Inga hjälpmedel. Lycka till! Problem

FFM234, Klassisk fysik och vektorfält - Föreläsningsanteckningar

TENTAMEN I FYSIK. HF0022 Fysik för basår I TENA / TEN1, 7,5 hp Tekniskt basår/bastermin TBASA Svante Granqvist, Niclas Hjelm, Staffan Linnæus

===================================================

Värt att memorera:e-fältet från en punktladdning

Ergo Fysik 2 Lösningar till Ergo Fysik 2, , kp 1-8

Lösningsförslag till tentamen i 5B1107 Differential- och integralkalkyl II för F1, (x, y) = (0, 0)

Tentamen Mekanik TFYA16/TEN2. 24 augusti :00 19:00 TER2. Tentamen består av 6 uppgifter som vardera kan ge upp till 4 poäng.

Lösningar till tentamen i tillämpad kärnkemi den 10 mars 1998 kl

Angående kapacitans och induktans i luftledningar

U U U. Parallellkretsen ger alltså störst ström och då störst effektutveckling i koppartråden. Lampa

16. Spridning av elektromagnetisk strålning

Tvillingcirklar. Christer Bergsten Linköpings universitet. Figur 1. Två fall av en öppen arbelos. given med diametern BC.

Tentamen i matematisk statistik, Statistisk Kvalitetsstyrning, MSN320/TMS070 Lördag , klockan

sluten, ej enkel Sammanhängande område

Datum: Tid:

Heureka Fysik 2, Utgåva 1:1

Kap. 12. Molekylspektroskopi: Rot&Vib

θ = M mr 2 LÖSNINGAR TILL PROBLEM I KAPITEL 10 LP 10.1

LEDNINGAR TILL PROBLEM I KAPITEL 13. Systemets masscentrum G ligger hela tiden vid axeln. Kraftekvationen för hela systemet:

Matematisk statistik Kurskod HF1012 Skrivtid: 8:15-12:15 Lärare och examinator : Armin Halilovic

LEDNINGAR TILL PROBLEM I KAPITEL 9. Förklaring till dragkraftens storlek är: f

verkar horisontellt åt höger på glidblocket. Bestäm tangens för vinkeln så att

Flervariabelanalys I2 Vintern Översikt föreläsningar läsvecka 3

Partikeldynamik Problemsamling Lösningar

Föreläsning 5. Linjära dielektrikum (Kap. 4.4) Elektrostatisk energi (återbesök) (Kap ) Motsvarar avsnitten 4.4, , 8.1.

Kapitel , 2102 Exempel som löses i boken a) Löneökning per månad: 400 kr. b) Skattehöjning per månad: 5576 kr 5376 kr = 200 kr.

21. Boltzmanngasens fria energi

Envariabelanalys: Vera Koponen. Envariabelanalys, vt Uppsala Universitet. Vera Koponen Föreläsning 5-6

TFYA16/TEN2. Tentamen Mekanik. 18 april :00 19:00. Tentamen består av 6 uppgifter som vardera kan ge upp till 4 poäng.

TFYA16/TEN2. Tentamen Mekanik. 10 januari :00 13:00. Tentamen består av 6 uppgifter som vardera kan ge upp till 4 poäng.

TFYA16/TEN2. Tentamen Mekanik. 3 april :00 19:00 TER2. Tentamen består av 6 uppgifter som vardera kan ge upp till 4 poäng.

Tentamen i Mekanik - partikeldynamik

LE2 INVESTERINGSKALKYLERING

Centripetalkraft. Den resulterande kraften i centralrörelse

XV. Elektriska fält. XV.1. Kraften mellan laddningar: Coulombs lag F E ( ) 2 ( ) N F E.

Matematisk statistik

Denna vattenmängd passerar också de 18 hålen med hastigheten v

BILDFYSIK. Laborationsinstruktioner LABORATIONSINSTRUKTIONER. Fysik för D INNEHÅLL. Laborationsregler sid 3. Experimentell metodik sid 5

Föreläsningar i Mekanik (FMEA30) Del 2: Dynamik. Läsvecka 6

Storhet SI enhet Kortversion. Längd 1 meter 1 m

Transkript:

LEDNINGA TILL POBLEM I KAPITEL LP Satelliten ketsa king joden oc påvekas av en enda kaft, gavitationskaften fån joden Enligt Newtons v e allänna gavitationslag ä den = G M e () v dä M oc ä jodens espektive satellitens assa, avståndet ellan koppana oc G den allänna gavitationskonstanten Minustecknet betyde att kaften ä iktad inåt ot joden edan enetsvekton e a iktning fån joden ot satelliten Efteso kaften ä ovänt popotionell ot avståndet oc lika ed g vid jodytan åste den också kunna skivas = g e () dä ä jodens adie Pobleställningen gälle i pincip faten so funktion av läget, oc vi vet att lösningen i ett sådant poble ges av en enegiekvation Gavitationskaften ä konsevativ oc potentialen ä känd: V G M g = elle V = Potentialfunktionens lutning ä ett ått på kaftens stolek Med anda od: o potentialfunktionen deiveas ed avseende på få an kaftkoponenten Lagen o ekaniska enegins bevaande T + V = T + V (4) v g g = v v = v + g Koenta: Satelliten beskive en centalkaftsöelse en an beöve egentligen inte känna till den teoin fö att kunna lösa pobleet Det ä ju ä baa kaftens potentialfunktion so utnyttjas Svaet säge att faten ä konstant o avståndet till joden ä konstant, dvs o bankuvan ä en cikel Svaet ge också flyktastigeten, dvs den fat so i det fösta läget kävs fö att satelliten ska nå ut oändligt långt utan öveskottsenegi: v = flykt g/

LP Satelliten ketsa i en cikelbana king joden på öjden oc påvekas av gavitationskaften fån joden Enligt Newtons allänna gavitationslag ä den e = G M e () M oc ä jodens espektive satellitens assa, avståndet ellan koppana oc G den allänna gavitationskonstanten Minustecknet betyde att kaften ä iktad inåt ot joden edan enetsvekton e a iktning fån joden ot satelliten Efteso gavitationskaften vid jodytan då = oftast skivs g gälle sabandet G M GM ( e e g = ) = = g = () Man a alltså inföt beteckningen g, tyngdacceleationen vid jodytan, istället fö kobinationen GM/ a) Gavitationskaften på satelliten ä alltså = G M g e elle = e ( + ) ( + ) b) Vid cikelöelse ed konstant fat kävs alltid en centipetalkaft, vilket kaftekvationens koponent i den adiella iktningen (noaliktningen o det natuliga systeet används) säge: v G M + = (4) + v = GM + elle v = g + c) Gavitationskaftens potentialfunktion ä känd fån teoin Satellitens ekaniska enegi ä E= T + V elle E v G M GM G M GM = + = + + = + g E = + Koenta: Obsevea att den ekaniska enegin ä negativ Det ä en konsekvens av att den potentiella enegin a valts att vaa noll i oändligeten O satellitens totala enegi ade vait positiv skulle den också a äckt till fö att nå oändligeten

LP 7 O a e θ e v θ v Pucken påvekas av tyngdkaft, noalkaft oc fjädekaft Efteso tyngdkaften oc noalkaften ela tiden balansea vaanda ä det baa fjädekaften so påveka den plana öelsen, so då kan sägas vaa en centalkaftsöelse Centalkaften ges fö en fjäde av v = ke () v oc otsvaande potentialfunktion ä V = k () Vid centalkaftsöelse ä öelseängdsoentet ed avseende på kaftcentu H = v O konstant Koponenten vinkelät ot öelsens plan beäknas so äva gånge öelseängdens θ -koponent ö de speciella lägena fås då sabandet av = avθ (4) Enegin ä också en öelsekonstant ty fjädekaften ä konsevativ: Insättning ge T + V = T + V + v + ka = v + vθ k a Nä astigeten bilda 45 ed tådiktningen gälle att v θ = v Insättning ge v + ka = vθ + k 4a Division ed oc insättning av (4) ge k v a v k a + = 4 + (8) v 3k a = v = a 6k

LP 6 v v B v A öuto unde den kota tid då satelliten bosas, påvekas den enbat av gavitationskaften = g e () so ä a potentialfunktionen g V = () ån böjan, då bankuvan ä en cikel, bestäs faten av kaftekvationen i noaliktningen: v = g v g = Ipulslagen ge den nya faten v i A Den konstanta bosande kaftens ipuls ä Pτ oc den ge en änding av öelseängden: Pτ = v v P = v v (4) τ O vi nu på annat sätt bestäe faten v fö att picka nodpolen kan vi sedan gå tillbaka till detta saband fö att bestäa kaften P Svåigeten i detta poble ä att astigeten i punkten B inte ä vinkelät ot den adiella iktningen Vi faäda ändå oc jäfö tillstånden i apogee oc peigee Vid centalkaftsöelse ä öelseängdsoentet oc den ekaniska enegin öelsekonstante: v = v v g = v g Eliinea nu v ed jälp av! Lös ut v u oc sätt in i! g v = ( + ) Bankuvan gå geno nodpolen oc ekvationen fö den åste då vaa = (8) + ecosθ Att bankuvan gå geno A betyde enligt (8) att = e e = = = (9) + e g ( ) Insättning i ge v = = g () ( ) Kaften bli enligt oc (4) P g g = g = τ τ

LP 8 Den enda kaft so veka på satelliten ä gavitationskaften Vid jodytan kan stoleken skivas v v A G M = g så att GM = g, dä oc M ä jodens adie oc assa ö cikelöelsen gälle kaftekvationen i noaliktningen: v = g () v g = () Ipulslagen ge den nya faten v i A: 4 v = v v v = v 3 3 Antag att faten vid apogee ä v Vid centalkaftsöelse ä öelseängdsoentet konstant: v = v (4) Enegin ä också en öelsekonstant ty gavitationskaften ä konsevativ: v g = v g Eliinea nu v ed jälp av (4)! Lös ut v u (4) oc sätt in i! = v g akton kan fökotas bot oc vi få v = g v Men v ä känd enligt ekv () oc Insättning av detta uttyck ge efte föenkling = 8