SVARSANALYS / PRINCIPERNA FÖR ETT BRA SVAR

Relevanta dokument
Cellens metabolism (ämnesomsättning)

Cellens metabolism (ämnesomsättning) Kap8 Sidor i boken Enzymer: Metabolism: , , ,257,

SVARSANALYS / PRINCIPERNA FÖR ETT BRA SVAR

Övningstentamen i KFK080 för B

Sammanfattning Fysik A - Basåret

Helsingfors universitet Urvalsprovet Agrikultur-forstvetenskapliga fakulteten

Tentamen i Fysik TEN 1:2 Tekniskt basår

Biologi 2. Cellbiologi

Molekylära biovetenskaper: urvalsprovs modellsvar 2019

Biomolekyler & Levande organismer består av celler. Kapitel 3 & 4

Temperatur T 1K (Kelvin)

Tentamen, Termodynamik och ytkemi, KFKA01,

SVARSANALYS / PRINCIPERNA FÖR ETT BRA SVAR

Alla papper, även kladdpapper lämnas tillbaka.

SVARSANALYS / PRINCIPERNA FÖR ETT BRA SVAR

Organiska föreningar Kokpunkt och löslighet. Niklas Dahrén

Helsingfors universitet Urvalsprovet Agrikultur-forstvetenskapliga fakulteten

Godkänt-del. Hypotetisk tentamen för Termodynamik och ytkemi, KFKA10

Cellen och biomolekyler

Styrning och samordning (kontroll och koordination) Nervsystemet vs hormonsystemet

WALLENBERGS FYSIKPRIS

Polära och opolära ämnen, lösningsmedel och löslighet. Niklas Dahrén

Medicinsk grundkurs. Cellen och genetik. Datum

Intermolekylära krafter

Final i Wallenbergs Fysikpris

KARLSTADS UNIVERSITET KEMI

Tentamen i KFK080 Termodynamik kl 08-13

Planering. Sexualkunskap

Metabolism och energi. Hur utvinner cellen energi från sin omgivning? Hur syntetiserar cellen de byggstenar som bygger upp dess makromolekyler?

Intermolekylära krafter

ENERGI FLÖDEN AV MATERIAL OCH ENERGI ÄMNESOMSÄTTNINGEN

WALLENBERGS FYSIKPRIS

Cellbiologi. Maria Ankarcrona Nov

Tentamen KFK080 för B,

Ytor och gränsskikt, Lektion 1 Ytspänning, kapillaritet, ytladdning

Lösningar till tentamen i Kemisk termodynamik

Info r prov i cellbiologi Biologi B

v F - v c kallas dispersion

Översikt metabolismen

Vätskors volymökning

Relativitetsteorins grunder, våren 2016 Räkneövning 6 Lösningar

Kortfattat lösningsförslag Fysik A, Tentamensdatum:

Diplomingenjörs - och arkitektutbildningens gemensamma antagning 2017 Urvalsprov i DI-kemi 31.5.

Kapitel 9 Hydrostatik. Fysik 1 - MB 2008

Godkänt-del A (uppgift 1 10) Endast svar krävs, svara direkt på provbladet.

Användning av kol och energikällor

Lösningar/svar till tentamen i MTM119 Hydromekanik Datum:

BASÅRET KEMI B BIOKEMI VT METABOLISM (sid )

1. Betrakta en plan harmonisk elektromagnetisk våg i vakuum där det elektriska fältet E uttrycks på följande sätt (i SI-enheter):

TENTAMEN. Linje: Tekniskt-Naturvetenskapligt basår Kurs: Fysik A Hjälpmedel: Miniräknare, formelsamling. Umeå Universitet. Lärare: Joakim Lundin

Repetition F4. Lunds universitet / Naturvetenskapliga fakulteten / Kemiska institutionen / KEMA00

Repetition F9. Lunds universitet / Naturvetenskapliga fakulteten / Kemiska institutionen / KEMA00

STOCKHOLMS UNIVERSITET FYSIKUM

Energiomsättning. ATP utgör den omedelbara energikällan ATP+H 2 0 ADP+Pi+energi ATP. Energi Muskelarbete Jontransport Uppbyggnad

Räkneövning/Exempel på tentafrågor

Energi, katalys och biosyntes (Alberts kap. 3)

Endokrina organ. Håkan Karlsson

Föreläsning 2.3. Fysikaliska reaktioner. Kemi och biokemi för K, Kf och Bt S = k lnw

TENTAMEN. Tekniskt-Naturvetenskapligt basår Kurs: Fysik A, Basterminen del 1 Hjälpmedel: Miniräknare, formelsamling.

TFEI02: Vågfysik. Tentamen : Svar och anvisningar. t 2π T x. s(x,t) = 2 cos [2π (0,4x/π t/π)+π/3]

Historiskt Snoppar. Eunucker Kastratsångare Snoppstraff

REPETITIONSKURS I KEMI LÖSNINGAR TILL ÖVNINGSUPPGIFTER

Lösningar till tentamen i Kemisk termodynamik

Svar och anvisningar

Materia Sammanfattning. Materia

Citronsyracykelns reaktioner sker i mitokondriematrix. Mitokondrierna kan sägas vara cellens kraftstationer p g a den stora produktionen av ATP.

FÖR DE NATURVETENSKAPLIGA ÄMNENA BIOLOGI LÄRAN OM LIVET FYSIK DEN MATERIELLA VÄRLDENS VETENSKAP KEMI

TFEI02: Vågfysik. Tentamen : Lösningsförslag

Energiuppgifter. 2. Har reaktanterna (de reagerande ämnena) eller reaktionsprodukterna störst entalpi vid en exoterm reaktion? O (s) H 2.

Final i Wallenbergs fysikpris

Allmän Kemi 2 (NKEA04 m.fl.)

Kapitel Var är vi i kursen???

Allmän kemi. Läromålen. Viktigt i kapitel 11. Kap 11 Intermolekylära krafter. Studenten skall efter att ha genomfört delkurs 1 kunna:

Så började det Liv, cellens byggstenar. Biologi 1 kap 2

Termodynamiska potentialer Hösten Assistent: Frans Graeffe

PTG 2015 övning 1. Problem 1

4. Förhållandet mellan temperatur och rörelseenergi a. Molekyler och atomer rör sig! b. Snabbare rörelse högre rörelseenergi högre temperatur

Kapitel 10. Vätskor och fasta faser

Lektion 5: Innehåll. Bernoullis ekvation. c 5MT007: Lektion 5 p. 1

Repetition F6. Lunds universitet / Naturvetenskapliga fakulteten / Kemiska institutionen / KEMA00

PROV 3, A-DELEN Agroteknologi Vid inträdesprovet till agroteknologi får man använda en formelsamling.

Stökiometri IV Blandade Övningar

Uppgift 1 besvaras på en skild optiskt granskad svarsblankett.

Svar: Inbromsningssträckan ökar med 10 m eller som Sören Törnkvist formulerar svaret på s 88 i sin bok Fysik per vers :

27,8 19,4 3,2 = = ,63 = 3945 N = = 27,8 3,2 1 2,63 3,2 = 75,49 m 2

Svar: 3. a) Vid enzymkatalys binder enzymet in substratet/substraten till aktiva ytan. Närhet och orientering är förutsättning för katalys.

mg F B cos θ + A y = 0 (1) A x F B sin θ = 0 (2) F B = mg(l 2 + l 3 ) l 2 cos θ

WALLENBERGS FYSIKPRIS

Tentamen i Kemisk termodynamik kl 14-19

Vad är MHC? MHC och TCR struktur. Antigen processering och presentation. Kursbok: The immune system Peter Parham

Prov Fysik 1 Värme, kraft och rörelse

Fysik. Laboration 1. Specifik värmekapacitet och glödlampas verkningsgrad

lördag den 4 december 2010 Vad är liv?

Innehåll. Fertiltet Infertilitet Orsaker Utredning Behandling. Snorri Einarsson - Reproduktionsmedicin - Sahlgrenska - snorri.einars@gmail.

Repetition F10. Lunds universitet / Naturvetenskapliga fakulteten / Kemiska institutionen / KEMA00

Tentamen i Kemisk termodynamik kl 8-13

1. a) Markera polära och icke-polära delar i nedanstående molekyl. Vilken typ av ämne är det, och vad heter molekylen? (2p)

Experimentella metoder 2013, Räkneövning 3

Innehållsförteckning

HELSINGFORSREGIONENS UTBILDNINGSPROGRAM I BIOTEKNIK 1 URVALSPROVET Efternamn Förnamn Personbeteckning

Transkript:

Svarsanalys 2017 1 DET MEDICINSKA URVALSPROVET Svarsanalys 17.5.2017 (uppdaterad 1.6.2017) SVARSANALYS / PRINCIPERNA FÖR ETT BRA SVAR Svarsanalysen offentliggörs omedelbart efter det att urvalsprovet avslutats. Syftet med analysen är att ge deltagarna i urvalsprovet en allmän beskrivning av grunden för poängsättningen av svaren, dvs. det centrala sakinnehållet i varje uppgift. Analysen är riktgivande och utgör inte ett fullständigt modellsvar eller en fullständig beskrivning över bedömningsprinciperna. De medicinska fakulteterna förbehåller sig rättigheten att precisera poängsättningen samt detaljer som påverkar denna.

Svarsanalys 2017 2 Uppgift 1 (del A C) 56 p A (20 p) B (16 p) C (20 p) a b c d e a b c d e a b c d e 1 X 1 X 1 X 2 X 2 X 2 X 3 X 3 X 3 X 4 X 4 X 4 X 5 X 5 X 5 X 6 X 6 X 6 X 7 X 7 X 7 X 8 X 8 X 8 X 9 X 9 X 9 X 10 X 10 X 10 X 11 X 11 X 11 X 12 X 12 X 12 X 13 X 13 X 13 X 14 X 14 X 14 X 15 X 15 X 15 X 16 X 16 X 16 X 17 X 17 X 18 X 18 X 19 X 19 X 20 X 20 X

Svarsanalys 2017 3 Uppgift 2 8 p A = A 0 e λat, B = B 0 e λ Bt A t = 0, A = B, 0 = 1 B 0 A t = t 1, = X B A 0 e λ A t 1 B 0 e λ B t 1 = X e λ At 1 e +λ Bt 1 = X = e (λ B λ A )t 1 (λ B λ A )t 1 = ln X t 1 = t 1 = ln X λ B λ A ln X ln 2( 1 T B 1 T A ) = ln X T AT B ln 2(T A T B ) ln X T AT B 0,693 (T A T B )

Svarsanalys 2017 4 Uppgift 3 10 p a) (2 p) 1 2 mv2 = mgh v 2 = 2gh h = v2 2g b) (8 p) mv A + mv B = mv A + mv B 1 2 mv A 2 + 1 2 mv B 2 = 1 2 mv A 2 + 1 2 mv B 2 v A + v B = v A + v B v A = 0 v B = v A + v B v 2 B = v A 2 + v B 2 v B 2 = v A 2 + v B 2 + 2v Av B v Av B = 0 v B = 0 v A = v B

Svarsanalys 2017 5 Uppgift 4 8 p a) (4 p) 0,1 ( 1,6 10 19 C)+0,9 0 0,68 nm 2 2, 4 10 20 C nm 2 b) (4 p) qv(x 0 ) = E0 κx 0 = ln E 0κεε 0 qσ x 0 = 1 κ ln E 0κεε 0 qσ

Svarsanalys 2017 6 Uppgift 5 14 p Vattnets specifika värmekapacitet c = 4,19 kj/(kg K), densitet ρ = 1,00 kg/l, kokpunkt TH = 100,0 C, volym V = 1,2 l och det specifika ångbildningsvärmet QH = 2260 kj/kg. Vattnet måste uppvärmas till 100 C, varefter 2/3 av vattnet avdunstar. Man räknar den totala värmeenergin som behövs. Den är summan av energierna Q1 (uppvärmning) och Q2 (förångning) för de ovannämnda processerna: Qtot = Q1 + Q2 Q1 fås ur värmekapaciteten, m är massan för det vatten som skall uppvärmas: C = cm = Q 1 T Q 1 = cm T Q2 uträknas med hjälp av ångbildningsvärmet: Q 2 = 2 3 mq H Temperaturskillnaden utgör skillnaden mellan slut- och initialtemperaturerna: ΔT = TH Tinit = 100,0 C 20,0 C = 80,0 C = 80,0 K m = ρv = 1,00 kg l 1,2 l = 1,2 kg Således: Q tot = ( 2 3 Q H + c T) m = ( 2 3 kj kj 2260 + 4,19 kg kg K 80,0 K) 1,2 kg 2210 kj Man måste räkna ut hur lång tid det tar för motståndet R3 att producera den värmeenergi som behövs. För detta behövs motståndets effekt: Man kan ersätta de parallellkopplade motstånden i vänstra grenen med resistanserna R1+2: 1/R1+2 = 1/R1+1/R2 R1+2 = (1/R1+1/R2) 1 Enligt Kirchhoffs II lag är potentialförändringen över alla motstånd lika: ΔU1+2 = ΔU3 U = RI ΔU3 = R1+2 IA = IA (1/R1+1/R2) -1 Effekten räknas ur formeln P = UI: PR3 = ΔU3 IB ΔU3 (se ovan) = IA IB (1/R1+1/R2) -1 1 = 2,1 A 1,9 A ( 1,7 kω + 1 1 1,2 kω ) 2810 W Den verkliga uppvärmningseffekten PH = µpr3 Q tot = μp R3 t t = Q tot 2210 kj = = 1210 s 1200 s 20 min μp R3 0,65 2810 W

Svarsanalys 2017 7 Uppgift 6 12 p a) (1 p) Temperaturintervallet är 22 24 C. b) (3 p) För volymutvidgningen gäller: V = V 0 (1 + ɤΔT), där ΔT = T T 0, V är volymen för etanol vid temperaturen T och V 0 volymen för etanol vid temperaturen T 0. Etanolens massa förblir oförändrad. Förhållandet mellan massa, densitet och volym är m = ƍV V = m ƍ, och således kan man uttrycka ekvationen för volymutvidgningen enligt 1 ƍ = 1 ƍ 0 (1 + ɤΔT) ƍ = ƍ 0 1 + ɤΔT Etanolens densitet vid temperaturen T 0 = 5 C = (5+273,15) K är ƍ 0 = 802 kg/m 3. Volymutvidgningskoefficienten för etanol är ɤ=1,10 10-3 1/K. Vid temperaturen T=24 C = (24+273,15) K blir densiteten för etanol 802 kg/m 3 ƍ = 1 + 1,10 10 3 1 785,6 kg/m 3 790 kg/m 3 K (24 5) K c) (1 p) Etanolens densitet ökar, och således ökar den lyftkraft som verkar på kuben. Temperaturen minskar alltså. d) (3 p) Trycket på kubens undre yta p 2 = F 2 A = ƍh 2Ag A = ƍh 2 g 1240 Pa 1, 2 kpa (1) där ƍ = 788 kg/m 3 är densiteten för etanol, h 2 = 16 cm = 0,16 m är avståndet mellan kubens undre yta och vätskeytan, A är arean för kubens undre yta, g = 9,81 m/s 2 är den gravitationsacceleration som beror på jordens dragningskraft. Kraften F 2 är således vikten på den etanolmängd vars volym V 2 = Ah 2, e) (4 p) Trycket på kubens övre yta p 1 = F 1 = ƍh 1Ag = ƍh A A 1 g, (2) där ƍ = 788 kg/m 3 är etanolens densitet, h 1 = 12 cm = 0,12 m är avståndet mellan kubens övre yta och vätskeytan, A är arean för kubens övre yta, g är den gravitationsacceleration som beror på jordens dragningskraft. Kraften F 1 är således vikten på den etanolmängd vars volym V 1 = Ah 1. Ur ekvationen (2) får man att kraften är F 1 = ƍh 1 ga Ur ekvationen (1) får man att kraften är F 2 = ƍh 2 ga Den lyftkraft med vilken vätskan verkar på kuben är N = F 2 F 1 = ƍh 2 ga ƍh 1 ga = ƍ(h 2 h 1 )Ag = ƍVg 0,495 N 0, 5 N, där V = (h 2 h 1 )A = 4 cm 4 cm 4 cm = 64 cm 3 = 64,0 10 6 m 3 är kubens volym.

Svarsanalys 2017 8 Uppgift 7 10 p a) (6p) Man kan beräkna ljusets brytning vid gränsskikten ur Snells lag: n1 sin θ1 = n2 sin θ2, där n = brytningsindex (refraktionsindex) och θ = ljusets infallsvinkel vid gränsskiktet i förhållande till ytans normal. 1. Eftersom ljuset kommer till prismats sida AC i riktning med normalen, sker det ingen brytning av ljuset vid det första gränsskiktet. 2. Man kan beräkna vinkeln α eftersom vi känner till de andra vinklarna i den uppkomna hjälptriangeln: α = 180 90 30 = 60 3. Vinkeln θ1 kan beräknas eftersom summan av vinklarna α och θ1 på sidan AB i prismat och den räta vinkeln måste vara 180 (sidan AB är en rät linje): θ 1 = 180 90 α = 180 90 60 = 30 4. Nu känner vi till ljusets infallsvinkel i förhållande till normalen (θ1) för sidan AB, och kan beräkna vilken vinkeln är för det ljus som utgår från prismat: n p sin θ 1 = n i sin θ 2 θ 2 = sin 1 ( n p n i sin θ 1 ) = sin 1 ( 3 1 sin 30 ) = sin 1 ( 3 1 2 ) = 60 I den sista punkten har man använt tabellvärden för sinusfunktionen. På grund av felet i formelbilagan godkänds okså svar: θ 2 = sin 1 ( n i n p sin θ 1 ) = sin 1 ( 1 3 sin 30 ) = sin 1 ( 1 3 1 2 ) b) (4 p) På basis av absorptionslagen kan vi härleda ekvationen och räkna ut dämpningskoefficienten för ifrågavarande prov, samt avläsa provets fetthalt från den givna tabellen: ln I I = I 0 e µx I µ = 0 x ln 0,6 µ = 1,5 cm = 0,51 1,5 cm = 0,34 1 Fetthalt = 0, 5 % cm

Svarsanalys 2017 9 Uppgift 8 9 p a) Sant 1. På basis av färgsättningen kan hundarna B och E vara föräldrar till hund C. X 2. På basis av färgsättningen kan hundarna B och E vara föräldrar till hund D. X 3. På basis av färgsättningen kan hund A vara far till alla andra hundar (B, C, X D och E). Falskt b) Ett sätt att beräkna sannolikheten: De möjliga genotyperna för lokus K i kombinationen C(Kk) + D (Kk): K + K, K + k, K + k och k + k Härvid är sannolikheten för allelen K 3/4, dvs. 75 %. De möjliga genotyperna för lokus S i kombinationen C (ss) + D (S-), ifall D är Ss: s + S och s + s Härvid är sannolikheten för S-allelen 50 %. De möjliga genotyperna för lokus S i kombinationen C (ss) + D (S-), ifall D är SS: s + S och s + S Härvid är sannolikheten för S-allelen 100 %. De möjliga genotyperna för lokus M i kombinationen C (mm) + D (M-), ifall D är Ss: m + M och m + m Härvid är sannolikheten för genotypen mm (helsvart, som hunden A) 50 %. Beroende på genotypen för lokus S är sannolikheten för enfärgat svart avkomma 0,75 x 0,50 x 0,50 = 0,1875 19 % 0, 75 x 1 x 0,50 = 0,375 38 %

Svarsanalys 2017 10 Uppgift 9 20 p Våra könsceller är äggcellerna och spermierna. Äggcellerna har en X-kromosom och spermierna antingen X- eller Y-kromosomer. Könet avgörs vid befruktningen. Om en Y-spermie befruktar äggcellen utvecklas embryot till en pojke, medan en X-spermie leder till att äggcellen utvecklas så att embryot blir en flicka. Könskörtlarna bildas ur embryots mellanskikt. Utvecklingen går i början för båda i riktning mot en äggstock. Testiklarna utvecklas under inverkan av testosteron samt SRYgenen i Y-kromosomen. Utan inverkan av dessa utvecklas en äggstock. Förutom könskörtlarna formas även de yttre könsegenskaperna under fosterutvecklingen. Könskarakteristika är i första hand kvinnliga. Under puberteten ökar gonadotropinfrigörande hormon (GnRH) från hypothalamus frigöringen av luteiniserande hormon (LH) och follikelstimulerande hormon (FSH) från hypofysen. Dessa påverkar könskörtlarna som hos pojkar producerar testosteron och hos flickor östrogen och progesteron, och som ytterligare gör att de yttre (sekundära) könsegenskaperna utvecklas och könscellerna mognar.

Svarsanalys 2017 11 Uppgift 10 8 p a) (6 p) Namn 1 epidermis 2 dermis 3 hypodermis/subcutis 4 hårfollikel 5 svettkörtel 6 talgkörtel b) (2 p) Talgkörteln utsöndrar fetthaltigt sekret, som skyddar och smörjer huden.

Svarsanalys 2017 12 Uppgift 11 12 p De ord (ett eller två per lucka) som saknas 1 kolesterol 2 diffusion 3 osmos 4 faciliterad diffusion 5 energi 6 aktiv transport 7 negativt 8 fagocytos 9 exocytos 10 mikroinjektion 11 elektrisk puls 12 virus

Svarsanalys 2017 13 Uppgift 12 9 p De uppgifter hos levern som anknyter till glukos - tillverkar glykogen ur glukos - reglerar blodets sockerhalt - tillverkar fetter ur glukos - tillverkar glukos ur aminosyror/mjölksyra/glycerol/fetter (glukoneogenesen) De uppgifter hos levern som anknyter till kolesterol - tillverkar kolesterol - utsöndrar kolesterol i gallan - tillverkar gallsyror/gallsalter ur kolesterol - avlägsnar kolesterol från blodomloppet - utsöndrar kolesterol i blodomloppet tillsammans med lipoproteiner

Svarsanalys 2017 14 Uppgift 13 9 p I inledningstexten för uppgift 16 ges svaret på den första delen av denna uppgift: Inne i cellen binds en fettsyra till koenzym-a (HS-KoA) med en tioesterbindning. I den första fasen av fettsyrornas oxidation, -oxidationen, spjälks denna fettsyra inne i mitokondrien via en cyklisk process till aktiverade ättiksyror (CH3CO-S-KoA). 1. Reaktionsseriens namn Oxidation av fettsyror / nedbrytning / β-oxidation Fri fettsyra 1. 2. Citronsyracykeln / Krebs cykel / Trikarboxylsyracykeln Acetyl-KoA/ aktiv ättiksyra 2. ATP CO 2 3. Oxidativ fosforylering / Elektronöverföringskedja / Andningskedja / Förbränning av väte (H + + e ) / NADH,FAHD 2 /(elektronbärande koenzymer) 3. ATP H 2 O

Svarsanalys 2017 15 Uppgift 14 11 p a) (5 p) 3 < 4 < 2 < 1 < 5 lägsta högsta smältpunkten smältpunkten Motivering: Det råder dispersionskrafter mellan fettsyrekedjorna. Smältpunkten för ett ämne är desto högre ju starkare dispersionkrafterna mellan molekylerna i den är. cis-dubbelbindningen tvingar fettsyrekedjorna längre ifrån varandra, varvid dispersionskrafterna mellan fettsyrekedjorna minskar. Då kolvätekedjan hos mättade fettsyror förkortas, minskar dispersionskrafterna eftersom molekylens storlek minskar. b) (6 p) Gallsalterna är emulgeringsmedel som fungerar i likhet med tensider/detergenter/ytaktiva ämnen. Gallsaltmolekylerna har en hydrofob sida som bildas av en kolvätekedja och en hydrofil sida som består av polära grupper (OH, SO 3, CO 2 ). De hydrofila grupperna bildar vätebindningar med vattenmolekylerna. Den hydrofoba sidan vänder sig bort från vattnet mot lipidmolekylen, varvid det uppstår dispersionskrafter mellan lipiderna och gallsalterna. Flera gallsaltmolekyler omger en lipidmolekyl varvid lipiddropparna blir mindre.

Svarsanalys 2017 16 Uppgift 15 14 p a) (6 p) Reaktionsprodukterna är molekylerna b och g. (Båda alternativen måste vara rätt). Molekyl b förblir i cellmembranen. Molekyl g frigörs i vattenlösningen. Motivering: Förening b förblir i cellmembranet eftersom den är lipofil på grund av fettsyrorna. Förening g frigörs i vattenlösningen eftersom den är mycket vattenlöslig på grund av de laddade fosfatgrupperna och de polära hydroxylgrupperna. b) (3 p) Alternativ 4 (4,5 < q < 5,0) c) (3 p) 2 10 1 = 1023 (även 1024 godkänns) d) (2 p) Molekylerna uppkommer genom enzymsyntes, som är stereospecifik. ELLER Molekylerna är substrat för enzymkatalyserade reaktioner, som är stereospecifika. (endera alternativet räcker)

Svarsanalys 2017 17 Uppgift 16 17 p a) (6 p) A. B. b) (11 p) stearoyl-s-koa + 8 KoA + 8 H2O 9 acetyl-s-koa + 32 e + 32 H + arakidonoyl-s-koa + 9 KoA + 9 H2O 10 acetyl -S-KoA + 28 e + 28 H +

Svarsanalys 2017 18 Uppgift 17 18 p a) 4 p. Ett linjärt förhållande: H = k N C H = k N C + a (N = antalet kolatomer) H/N(C12H26) = 7380,75 kj/mol / 12 = 615,0625 kj/mol H/N(C20H42) = 12301,25 kj/mol / 20 = 615,0625 kj/mol H = k NC, k = 615,0625 kj/mol H(C15H32) = 15 615,0625 kj/mol = 9225,94 kj/mol Svar: 9225,94 kj/mol b) 14 p. A = karboxylkol, B = icke-oxiderat kol C20H40O2: A + 19B = 12574,2 kj/mol C10H20O2: A + 9B = 6079,3 kj/mol Den senare ekvationen subtraheras från den tidigare: A + 19B A 9B = [ 12574,2 ( 6079,3)] kj/mol 10B = 6494,9 kj/mol B = 649,49 kj/mol A + 9B = 6079,3 kj/mol A = 6079,3 kj/mol 9 ( 649,5 kj/mol) = 233,89 kj/mol Kontroll: C20H40O2: A + 19B = 233,89 kj/mol + 19 ( 649,49 kj/mol) = 12574,2 kj/mol C10H20O2: A + 9B = 233,89 kj/mol + 9 ( 649,49 kj/mol) = 6079,3 kj/mol Stearinsyra: A + 17B = 233,89 kj/mol + 17 ( 649,49 kj/mol) 11275,22 kj/mol Svar: 11275,2 kj/mol