SVARSANALYS FRÅGESPECIFIKA POÄNG:

Transkript

1 DET MEDICINSKA URVALSPROVET 5.5. SVARSANALYS Svarsanalysen offentliggörs omedelbart efter det att urvalsförhöret hållits. Syftet med svarsanalysen är att ge deltagarna i inträdesprovet en generell beskrivning av det centrala sakinnehållet i varje uppgift som ligger som grund för poängsättningen av svaren. Analysen är riktgivande, inte ett fullständigt svar. De medicinska fakulteterna reserverar rättigheten att precisera poängsättningen samt de detaljer som påverkar denna. FRÅGESPECIFIKA POÄNG: 5 9 p 9 p p p p p p p 7 p p p 4 8 p p 7 p sammanlagt 55 p Gs = suomenkielinen Galenos Gr = svenskspråkiga Galenos

2 Uppgift p 7: materialtexterna och 4 p Gs: 45,, 578, 87, 56, 78, 46, 8, 467, 5, 4, 49, 445, 469. Gr: 5, 8, 54, 85,, 74, 7, 4, 46, 49, 45, 4, : materialtexterna och Gs: 8; Gr: 47 7 p

3 Uppgift 5 p Varje punkt ger,5 p = sinnesreceptorerna, smärtreceptor, fri nervändslut (Gs: 4,44,49)(Gr: 74, 45) = primär känselnerv, sensorisk neuron (Gs. 9) (Gr. 5) = spinalganglier, ryggmärgsgangliecell (Gs: 4,45,94) (Gr: 8, 4, 89) 4 = ryggmärgens främre horn, (Gs:,6, 96) (Gr: 89,,9) 5 = sekundära (känsel)neuroner/känselnerver; uppåtstigande banan (Gs: 9, 4, 44) (Gr: 5,89, 4) 6 = ryggmärgen (medulla spinalis) (Gs: 9,, 6, 44) (Gr: 56, 89,,4) 7 = hjärnstammen (Gs:,,, 9, 4) (Gr: 6, 8,7, 5, 4) 8 = thalamus, mellanhjärnan (Gs: 9,4, 45,96) (Gr: 56, 8, 4, 9); thalamus (kärna av nervceller) (,5 p) 9 = hjärnbalken (corpus callosum) (Gs:, 4, 96) (Gr: 67,, 9) = primära sensoriska hjärnbarksområdet, primära sensoriska området, somatosensoriska hjärnbarksområdet, sinnesbanans/sensoriska projektionsområde (Gs: 9, 4, 45) (Gr: 5, 89, 4), (,5 p hjärnbarken, Gs. ; Gr. 6) Uppgift p a) 4 p Ur svaret bör det framgå hur blodplättarna fästs och täpper till det skadade stället. Man bör beskriva hur det tromboxan A som blodplättarna utsöndrar förorsakar aggregation. Man bör även beskriva hur blodkärlsväggarna kontraherar till följd av tromboxan och serotoninpåverkan. Gs:5/Gr:, Gs:46/Gr:4, Gs:4/Gr:48 b) 5 p I svaret bör man presentera betydelsen av trombin som aktiverare av det plasmalösliga fibrinogenet till olösligt fibrin, hur fibrinet fälls ut till ett koagulat tillsammans med blodcellerna, samt beskriva trombinets positiva feedback på koaguleringsprocessen. Gs:5/Gr:, Gs:4/Gr:46 c) 4 p Man bör beskriva de läkemedel som fungerar som antikoagulanter; aspirin som irreversibel inhibitor av enzymet cyklooxygenas (ett enzym som behövs för tromboxan produktion), samt warfarin som inhiberar reduktionen av Kvitamin. Kvitamin är nödvändigt för aktiveringen av flera av koaguleringsfaktorerna. Gs:/Gr:78, Gs:45/Gr:, Gs:495/Gr:49 + materialtexten

4 4 Uppgift 4 p a) p Ordningen utifrån inåt: yttre interkostalmuskel, inre interkostalmuskel, lungsäckens yttre blad, lungsäckens inre blad (á,5 p). Gs:5859, Gr:5455 b) 6 p En punkteringsskada leder till att undertrycket försvinner från den högra lungsäckshålan, varvid den högra lungan kollapsar (lungkollaps, pneumothorax). Detta beror på lungornas benägenhet att kontrahera. Det normala luftflödet till den högra lungan upphör, och där sker därför inget utbyte av gaser. Ett tillstånd där luften även kan strömma ut genom punkteringssåret är en öppen pneumothorax. Ifall det av den skadade vävnaden bildas en flik i såret som bara tillåter luften att strömma in i pleurahålan men inte ut, bildas i den högra luftsäckshålan vid inandning ett övertryck (övertryckslungkollaps el. tensionspneumothorax). Gs: 64, Gr: 6 c) p Benhinnan, ben, inre benhinnan, benmärg (á,5p). (Ben = spongiöst ben och kompakt ben) Gs: 9697, Gr: 99. Uppgift 5 9 p a) 5 p Varje punkt ger p. estrogenproduktionen. osteoklast. täthet (eller densitet) 4. ryggkotorna 5. handlederna Gs: 45, Gr: 4 b) 4 p Man kan förebygga osteoporos med tillräckligt kalciumintag, tillräckligt intag av Dvitamin, hurtig motion (5 gånger i veckan) och genom att unvika tobaksrökning. UVstrålningen producerar D vitamin, och således förebygger man uppkomsten av osteoporos då man vistas i solljus. Motion bygger upp benmassan hos unga och upprätthåller den hos äldre. Kalcium behövs för benets mineralisering och Dvitamin främjar dess upptagning. Rökning ökar risken för osteoporos och från cigarettröken får man i sig kadmium, som gör benbyggnaden skör. Poängsättning: kalcium, Dvitamin, motion, cigaretter ger,5 poäng var och motiveringen för varje ytterligare,5 p. Gs:, 45, 49; Gr:, 4,486

5 5 Uppgift 6 p Bakgrundsstrålningen är i medeltal I t Benets tjocklek: Gs: 56, 5; Gr: 5, 5, 56 Uppgift 7 p a) p Den punkt där benet brister är belägen i punkten Δl = 95. µm och F = 4,5 kn. Benets relativa kompression vid den punkt där benet brister är: b) 5 p Hookes lag (Gs: 4; Gr: 8): Ur uttrycket för Hookes lag kan man lösa ekvationen för elasticitetskoefficienten: Kraften och motsvarande kompression erhålls ur grafens elastiska fas (för det linjära initiella skedet): F =,7 kn ja Δl = 47,5 µm. Man kan också plocka värdena ur någon annan punkt i det linjära skedet. I satsen för elasticitetskoefficienten behövs även benprovets tvärsnittsyta:

6 6 Genom att placera de kända värdena i ekvationen för elasticitetskoefficienten får man: c) p Benprovets tvärsnittsyta (även uträknad i punkt b): Den totala mineralmassan för benprovets är (,5 g/cm = 5 kg/m ): Benprovets totala volym: Benprovets fysikaliska densitet: d) p (materialtexten) Den största begränsningen är att ytdensiteten endast beaktar benets tvärsnittsyta i mätningsprojektionen, men beaktar inte alls benets tjocklek i riktningen för röntgenstrålningen dämpning. Benets tjocklek beaktas inte. Härvid får man större mätvärden för benets mineraltäthet (g/cm ) för tjocka ben än för smala ben, även om deras fysikaliska täthet (kg/m ) skulle vara densamma. Eftersom diagnostiken av osteoporos baserar sig på DXAmätning kan detta leda till fel diagnos. Således kan värdena för bentätheten hos storvuxna personer vara inom normala gränser, även om benets fysikaliska täthet skulle vara märkbart nedsatt. > Risk för fel diagnos pga. tjockleksvariationer.

7 7 Uppgift 8 p a) 7 p Hudens impedanser Z, k samt handhand impedansen Z HH, k hos Herr Virtanen är seriekoppade i form av Z Z Z Z Z Z (, 5 k ) TOT HH HH Från detta kan man räkna ut den ström som går genom herr Virtanen, då den effektiva spänningen är U V, enligt U U U ZTOT I I (, A) ZTOT Z HH Z Spänningen över herr Virtanens hand fås ur formeln U Z I ( 7,85... V), och enligt Joules lag frigörs strömeffekten i huden på herr Virtanens vänstra hand i form av värme: U Z P U I Z I ( 4,75... W) Z Z ) ( HH Då man beaktar verkningsgraden, 45 och tiden t s, är den energi som värmer upp huden U t Q Pt ( 74, J) Z HH Z Eftersom man antar att huden vid uppvärmning fysikaliskt påminner om vatten, är dess densitet kg/m och den specifika värmekapaciteten c 4, 9 kj/(kg K). Man får härvid för hudens massa med hjälp av ytan A m V Ad (, 9 kg) cm och tjockleken d,9 mm satsen: Värmeenergin Q höjer härvid hudens temperatur med mängden T och följer formeln: Q cmt T Q cm Z HH U t Z cad,45 ( V) s 4 49 J/(kg K) kg/m m,9 m 5, K 5,6 K 5,6 C

8 8 b) 5 p Enligt modellen Z HH Z Z Z, Z HF Z Z Z, ZHH ZHF, Varvid man direkt kan räkna ut Z Z Z Då både herr Virtanens vänstra hand och högra fot är jordade, bildar de en parallellkoppling från knuten mellan impedanserna Z till marken. Impedansen för den förgrening som löper genom vänstra handen är Zoch impedansen för den förgrening som löper genom högra foten är Z Z Z enligt lösningen ovan. Härvid kan man lösa impedansen Z från knuten till markytan i form av Z Z Z Z Z Z Z Z Z Den totala impedansen från högra handen, via knuten till markytan är härvid Z Z TOT Z Z Z Z Då man jämför denna med impedansen för kopplingen handhand, får man att Z Z TOT 75 % Z HH Z 4 ( p) d.v.s. den inre impedansen minskar 5%. Gs: 4, 4445, 4, 6, 6, 45; Gr: 8, 4, 9, 56, 58, 447

9 9 Uppgift 9 p Gs: 48, 45, 45, 5; Gr: 44, 446, 447, 57. a) 4 p Enligt energibevaringslagen där är hastigheten vid tidpunkten för kollisionen, hastigheten då bromsningen inleds och friktionsarbetet som minskar rörelsen. Ur dessa erhålls varvid massorna elimineras och man kan lösa Genom att omvandla hastigheten = 5 km/h = (5 m)/(6 s) = 4,66 m/s och placera in, g = 9,8 m/(s ) och µ=, erhåller man resultatet = 6,785 m/s = 6,5 km/h 6 km/h. Man kan även lösa uppgiften utgående från ekvationen och ur vilka man kan lösa. Accelerationen erhålls ur friktionskraften och den är. Härvid erhåller man samma sats. b) 4 p Man bestämmer vilken som är fordonets fartminskning vid kollisionen. Man använder formlerna och där är sluthastigheten, d.v.s. och = 5 km/h, d.v.s. hastigheten då kollisionen inleds. Genom att räkna ut tiden enligt den nedre formeln och placera i den övre formeln får man Ur detta får man Gkrafterna genom att dividera resultatet med den acceleration som jordens dragningskraft åstadkommer Även denna uppgift kan lösas med lagen för energibevaring, då arbetet som friktionen utför ersätts med termen W = max och man anger noll som sluthastighet.

10 c) p I denna uppgift bör man på basis av figur 7 räkna ut det arbete som behövs för att benet ska brytas och jämföra detta med den kollisionsenergi som riktas mot benet. Det arbete som behövs för att bryta benet uträknas genom att dela in området under grafen i två trianglar och en rektangel. ( p) Härvid kan man räkna ut ytan Eftersom detta är mindre än den kollisionsenergi som riktas mot benet, 4mJ, bryts benet. Uppgift p a) 6 p 4 Namngvining:. Superoxid(radikal)anjon,. Väteperoxid,. Hydroxylradikal, 4. Vatten b) 4 p Evitamin reducerar radikaler i lipidfasen och oxideras i denna process till tokoferoxylradikal. Cvitamin verkar som reduktant i vattenfasen och oxideras till dehydroaskorbat/dehydroaskorbinsyra. Glutation reducerar dem båda till sina ursprungliga former och oxideras själv till en dimer, varvid det bildas en sulfidbrygga mellan två glutationmolekyler. Gs: 7, 76, 7476, kuva.. s.496, s Gr: 7, 74, 75, 77, bild.. s.49, s. 58, 55.

11 Uppgift p a) 4 p b) p. Prolin,. Glycin,. Lysin Motivering: Lysin har två aminogrupper och har således en stor positiv nettoladdning vid ph<,. Den binds kraftigt vid en katjonbytare och sköljs ur sist vid högt ph. Prolin och glycin har en mindre positiv nettoladdning än lysin vid lågt ph. Prolinets pk är mindre än glycinets. Prolinets relativa positiva laddning vid surt ph är mindre än glycinets, och det ursköljs därför först. c) 5 p V S V Km S Vmax, i denna formel placerar man värdena V K S S max m V max = [4,76 µmol/(min l)]. (,7 mmol/l +,5 mmol/l) /,5 mmol/l =,8 mmol/(min. l) ur definitionen k cat kan man dra slutsatsen att k cat = V max / E total E total = m E / M E =5,6 µg / 95 g/mol. l) =,798 4 mmol/l k cat =,8 mmol/(min. l) /,798 4 mmol = 49 /min = 7 /s Uppgiften kan även lösas genom att räkna ut reaktionshastigheten och molmängden för enzymet i hela reaktionsblandingen, vilket också leder till samma resultat, 7 / s. Gs: 76, 94, 9697, 7, 8, 444. Gr:7475, 997, 5, 5, 44.

12 Uppgift 7 p a) p Lilla hjärnan rörelsekontrollen kan ha skadats. Balanssvårigheter och darrningar kan förekomma; rörelseserier, snabba upprepade rörelser och medrörelser kan vara bristfälliga. b) 4 p Hjässloben Störningar i arbetsminnet (artikulära loopen, störning i visuelltspatiala skissblocket), minskning av de noggranna/precisa sinnesförnimmelserna (diskriminationsförmåga) från det område som projiceras till det skadade området. Det kan vara svårt att kombinera olika sinnesretningar och förknippa dem med vår perception av föremål. Perceptionen av den egna kroppen och hållningen kan försvagas och känslan av obehag i samband med smärta kan försvinna. Gs:,, 6, 4, 4, 97 Gr: 7, 8,, 8, 94, 94 Uppgift p a) 7 p Gs: 76, 56, ; Gr: 75, 4, 7 b) 5 p H O + + HCO H O + H CO H CO H O + CO Bikarbonatjonerna neutraliserar oxoniumjonerna som förorsakar surhet. Ur kolsyran bildas i en reaktion som katalyseras av karboanhydras vatten och koldioxid, som avlägsnas via lungorna. Gs: 7, 47; Gr: 67, 4

13 Uppgift 4 p a) p Cyaniden bildar komplex med Fe + jonerna i mitokondriernas cytokromer, vilket leder till att elektrontransportkedjan avbryts och cellandningen upphör. Härvid försvagas cellernas energitillstånd dramatiskt, vilket beror på att produktion av ATP minskar kraftigt. b) 5 p K x SCN SO x x K K CN x S O CN SO CN x SO x K x CN S O Kx CN S O K CN S O K CN S O K 4K CN S O x 6, 4 x 8,8 4 K Endast den första är förnuftig ([CN ] x > ) Svar: [CN ] jämvikt = [CN ] x =,9 4 mol/l x x c) p Cellandningen upphör och NADH kan inte oxideras tillbaka till NAD + formen. För att det skall bildas ens litet NAD + för att glykolysen således skall tryggas, omvandlas pyruvatet till laktat. K Gs:5, 6568, 84; Gr., 664, 8.